Python要求O(n)复杂度求无序列表中第K的大元素实例

脚本专栏 2024/11/8 佚名

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昨天面试上来就是一个算法，平时基本的算法还行，结果变个法就不会了。。。感觉应该刷一波Leecode冷静下。。。今天抽空看下。

题目就是要求O(n)复杂度求无序列表中第K的大元素

如果没有复杂度的限制很简单。。。加了O(n)复杂度确实有点蒙

虽然当时面试官说思路对了，但是还是没搞出来，最后面试官提示用快排的思想

主要还是设立一个flag，列表中小于flag的组成左列表，大于等于flag的组成右列表，主要是不需要在对两侧列表在进行排序了，只需要生成左右列表就行，所以可以实现复杂度O(n)。

举个例子说明下步骤，比如有列表test_list=[6,5,4,3,2,1],找出第3大的元素，就是4，

如果flag=4:

l_list=[3,2,1]

r_list=[6,5]

因为第3大的元素，r_list长度为2，自然flag就是第3大的元素了，return flag，len(r_list)==k-1,就是结束递归的基线条件。

如果flag=1:

l_list=[]

r_list=[6,5,4,3,2]

问题就变成了求r_list里面第K大的元素了

如果flag=6:

l_list=[5,4,3,2,1]

r_list=[]

相当于求l_list里第k-(len(test_list)-len(r_list)+1)大的元素了,这里就是相当于求l_list=[5,4,3,2,1]第2大的元素

通过这三种情况进行递归，最终返回flag就是目标元素

最差复杂度就是n+n-1+n-2+n-3+......+1=(1+n)n/2，就是O(n²)

当时我就会回答出了最差复杂度肯定是n²啊，面试小哥说平均复杂度，我说计算平均复杂度好像很复杂吧？感觉他也有点蒙，就说每次都是二分的情况的复杂度，

当时竟然回答了个logn*logn。。。最后还是被面试管提示的。。。太尴尬了。。。

实际上如果每次刚好二分，第一次取flag比较次数是n，第二次是n/2,依次下去是n/4,n/8.....n/2

就是n+n/2+n/4....

最最丢人的是计算这个结果还想了一会。。。看样该做点高中上数学了。。。

实际结果自然是n(1+1/2+1/4+1/8+....1/2"htmlcode">

#给定一个无序列表，求出第K大的元素，要求复杂度O(n)
def find_k(test_list,k):
 flag=test_list[0]
 test_list.pop(0)
 l_list=[i for i in test_list if i < flag]
 r_list=[i for i in test_list if i >= flag]
 
 #结果递归的基线条件
 if len(r_list)==k-1:
  return flag
 elif len(r_list)>k-1:
  return find_k(r_list,k)
 else:
  #因为test_list.pop(0)让test_list少了一个元素，所以下面需要+1
  gap=len(test_list)-len(l_list)+1
  k=k-gap
  return find_k(l_list,k)
 
if __name__ == '__main__':
 test_list = [5, 4, 3, 2, 1,10,20,100]
 res=find_k(test_list,1)
 print(res)

补充知识：从N个数选取k个数的组合--不降原则（DFS）

原理：不降原则（看代码前先看一下原理吧）

举个例子：

比如说在6里面随便选5个数，那么选法都是什么呢？

瞎枚举？

12345
12346

前两个还不会弄混

然后很可能就乱了

少点数可能不会乱

但是多了就不好整了

比如说在100里随便选50个数。

1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12…

所以我们可以运用不降原则：

保证枚举的这些数是升序排列

其实真正的不降原则还可以平

比如 1 2 2 3 3 4…

但是这里要说的“不降原则”不能平哦！

对于这道题也不能平

否则就有重复数字了

拿6个里面选3个举例子

1 2 3
1 2 4
1 2 5
1 2 6

第一轮枚举完毕。

第二个数加一

1 3 ？

这个“？”应该是4，因为是升序排列

1 3 4
1 3 5
1 3 6

接着，就是这样

1 4 5
1 4 6
1 5 6

第一位是1枚举完毕

第一位是2呢"htmlcode">

#include<iostream>
#include<cstring>

using namespace std;
int n,k; //全局变量：从n个数的集合中选取k个数
int a[25]; //存放n个数的集合数据
int vis[25];//在dfs中记录数据是否被访问过
int re[25];//存放被选取的数字


void dfs(int step,int start)//参数step代表选取第几个数字，参数start代表从集合的第几个开始选
{
 if(step==k)//如果选够了k个就输出
 {
  for(int i=0;i<k;i++)
  {
   cout<<re[i]<<" ";
  }
  cout<<endl;
 }
 for(int i=start;i<n;i++)//不降原则的核心步骤1：从第i+1个开始选取数字(避免重选)
 {
  if(vis[i]==1)
   continue;
  vis[i]=1;
  re[step]=a[i];
  dfs(step+1,i+1); //不降原则的核心步骤2：从第i+1个开始选取数字(避免重选)
  vis[i]=0;
 }
 return;
}

int main()
{

 while(cinnk)
 {
  memset(a,0,sizeof(a));
  memset(re,0,sizeof(re));
  memset(vis,0,sizeof(vis));
  for(int i=0;i<n;i++)
  {
   cina[i];
  }
  dfs(0,0);
 }
 return 0;
}

运行结果

变形——从N个数中选取k个数求和（举一反三）

代码

#include<iostream>
#include<cstring>

using namespace std;
int n,k; //全局变量：从n个数的集合中选取k个数
int a[25]; //存放n个数的集合数据
int vis[25];//在dfs中记录数据是否被访问过
int re[25];//存放被选取的数字


void dfs(int step,int sum,int start)//参数step代表选取第几个数字，参数sum代表从选取前step-1个数时的总数，参数start代表从集合的第几个开始选
{
 if(step==k)//如果选够了k个就输出
 {
  cout<<re[0];
  for(int i=1;i<k;i++)
  {
   cout<<'+'<<re[i];
  }
  cout<<'='<<sum<<endl;
 }
 for(int i=start;i<n;i++)//不降原则的核心步骤1：从第i+1个开始选取数字(避免重选)
 {
  if(vis[i]==1)
   continue;
  vis[i]=1;
  re[step]=a[i];
  dfs(step+1,sum+a[i],i+1); //不降原则的核心步骤2：从第i+1个开始选取数字(避免重选)
  vis[i]=0;
 }
 return;
}

int main()
{

 while(cinnk)
 {
  memset(a,0,sizeof(a));
  memset(re,0,sizeof(re));
  memset(vis,0,sizeof(vis));
  for(int i=0;i<n;i++)
  {
   cina[i];
  }
  dfs(0,0,0);
 }
 return 0;
}

运行结果

变形——从N个数中选取k个数求积（举一反三）

代码

#include<iostream>
#include<cstring>

using namespace std;
int n,k; //全局变量：从n个数的集合中选取k个数
int a[25]; //存放n个数的集合数据
int vis[25];//在dfs中记录数据是否被访问过
int re[25];//存放被选取的数字


void dfs(int step,int sum,int start)//参数step代表选取第几个数字，参数start代表从集合的第几个开始选
{
 if(step==k)//如果选够了k个就输出
 {
  cout<<re[0];
  for(int i=1;i<k;i++)
  {
   cout<<'*'<<re[i];
  }
  cout<<'='<<sum<<endl;
 }
 for(int i=start;i<n;i++)//不降原则的核心步骤1：从第i+1个开始选取数字(避免重选)
 {
  if(vis[i]==1)
   continue;
  vis[i]=1;
  re[step]=a[i];
  dfs(step+1,sum*a[i],i+1); //不降原则的核心步骤2：从第i+1个开始选取数字(避免重选)
  vis[i]=0;
 }
 return;
}

int main()
{

 while(cinnk)
 {
  memset(a,0,sizeof(a));
  memset(re,0,sizeof(re));
  memset(vis,0,sizeof(vis));
  for(int i=0;i<n;i++)
  {
   cina[i];
  }
  dfs(0,1,0);
 }
 return 0;
}

运行结果